先复习一下什么是BFS和DFS，各位读者接着往下看就行
BFS算法
BFS类似于树的层次遍历过程,从根节点开始，沿着树的宽度遍历树的节点。如果所有节点均被访问，则算法中止。
舍去空间换时间。
算法思路
队列（先进先出）
1、创建一个空队列queue（用来存放节点）和一个空列表visit（用来存放已访问的节点）
2、依次将起始点及邻接点加入queue和visit中
3、pop出队列中最先进入的节点,从图中获取该节点的邻接点
4、如果邻接点不在visit中，则将该邻接点加入queue和visit中
5、输出pop出的节点
6、重复3、4、5，直至队列为空
DFS算法
DFS沿着树的深度遍历树的节点，
选一条路一直走到底，回溯，遍历所有的子节点，进而达到全局搜索的目的。
算法思路
栈（先进后出）
和BFS相似，只是稍微做了一丝改变
1、创建一个空栈stack（用来存放节点）和一个空列表visit（用来存放已访问的节点）
2、依次将起始点及邻接点加入stack和visit中
3、poo出栈中最后进入的节点,从图中获取该节点的邻接点
4、如果邻接点不在visit中，则将该邻接点加入stack和visit中
5、输出pop出的节点
6、重复3、4、5，直至栈为空
接下来以LeetCode的一道经典题为背景来强化一下写法。
给你一个由 '1'（陆地）和 '0'（水）组成的的二维网格，请你计算网格中岛屿的数量。
岛屿总是被水包围，并且每座岛屿只能由水平方向和/或竖直方向上相邻的陆地连接形成。
此外，你可以假设该网格的四条边均被水包围。
输入：grid = [["1","1","1","1","0"],["1","1","0","1","0"],["1","1","0","0","0"],["0","0","0","0","0"] ] 输出：1输入：grid = [ ["1","1","0","0","0"], ["1","1","0","0","0"], ["0","0","1","0","0"],["0","0","0","1","1"] ] 输出：3
题目很经典的BFS和DFS都能做，遍历就行
DFS题解
我们可以将二维网格看成一个无向图，竖直或水平相邻的 1 之间有边相连。为了求出岛屿的数量，我们可以扫描整个二维网格。如果一个位置为 1，则以其为起始节点开始进行深度优先搜索。在深度优先搜索的过程中，每个搜索到的 1 都会被重新标记为 0。最终岛屿的数量就是我们进行深度优先搜索的次数。
代码：
class Solution {
public:// 深度优先搜索函数，用于将当前岛屿中所有相连的陆地标记为已访问（'0'）void dfs(vector<vector<char>>& grid, int i, int j) {int n = grid.size(); // 获取网格的行数int m = grid[0].size(); // 获取网格的列数grid[i][j] = '0'; // 将当前位置标记为已访问// 检查当前位置的上、下、左、右四个方向是否有相邻的陆地，如果有，则继续深度优先搜索if (i - 1 >= 0 && grid[i - 1][j] == '1') dfs(grid, i - 1, j); // 上if (i + 1 < n && grid[i + 1][j] == '1') dfs(grid, i + 1, j); // 下if (j - 1 >= 0 && grid[i][j - 1] == '1') dfs(grid, i, j - 1); // 左if (j + 1 < m && grid[i][j + 1] == '1') dfs(grid, i, j + 1); // 右}// 主函数，用于计算网格中岛屿的数量int numIslands(vector<vector<char>>& grid) {int n = grid.size(); // 获取网格的行数if (!n) return 0; // 如果网格为空，则返回岛屿数量为0int m = grid[0].size(); // 获取网格的列数int res = 0; // 用于记录岛屿的数量// 遍历整个网格for (int i = 0; i < n; i++) {for (int j = 0; j < m; j++) {// 如果当前位置是陆地（'1'），则进入深度优先搜索，将与之相连的所有陆地标记为已访问，并将岛屿数量加一if (grid[i][j] == '1') {res++; // 岛屿数量加一dfs(grid, i, j); // 深度优先搜索，将与当前陆地相连的所有陆地标记为已访问}}}return res; // 返回岛屿的数量}
};
BFS题解
同样地，我们也可以使用广度优先搜索代替深度优先搜索。为了求出岛屿的数量，我们可以扫描整个二维网格。如果一个位置为 1，则将其加入队列，开始进行广度优先搜索。在广度优先搜索的过程中，每个搜索到的 1 都会被重新标记为 0。直到队列为空，搜索结束。最终岛屿的数量就是我们进行广度优先搜索的次数
代码：
class Solution {
public:// 计算岛屿数量的函数int numIslands(vector<vector<char>>& grid) {int n = grid.size(); // 获取网格的行数if (!n) return 0; // 如果网格为空，则返回岛屿数量为0int m = grid[0].size(); // 获取网格的列数int res = 0; // 用于记录岛屿的数量// 遍历整个网格for (int i = 0; i < n; i++) {for (int j = 0; j < m; j++) {// 如果当前位置是陆地（'1'），则进入广度优先搜索，将与之相连的所有陆地标记为已访问，并将岛屿数量加一if (grid[i][j] == '1') {res++; // 岛屿数量加一grid[i][j] = '0'; // 将当前位置标记为已访问queue<pair<int,int>> neighbors; // 创建一个队列用于存储当前岛屿相邻的陆地neighbors.push({i, j}); // 将当前位置加入队列while (!neighbors.empty()) { // 循环直到队列为空auto t = neighbors.front(); // 取出队首元素neighbors.pop(); // 弹出队首元素int row = t.first, col = t.second; // 获取当前位置的行和列// 检查当前位置的上、下、左、右四个方向是否有相邻的陆地，如果有，则将其加入队列，并标记为已访问if (row + 1 < n && grid[row + 1][col] == '1') {neighbors.push({row + 1, col});grid[row + 1][col] = '0';}if (row - 1 >= 0 && grid[row - 1][col] == '1') {neighbors.push({row - 1, col});grid[row - 1][col] = '0';}if (col + 1 < m && grid[row][col + 1] == '1') {neighbors.push({row, col + 1});grid[row][col + 1] = '0';}if (col - 1 >= 0 && grid[row][col - 1] == '1') {neighbors.push({row, col - 1});grid[row][col - 1] = '0';}}}}}return res; // 返回岛屿的数量}
};
